Cho hơi nước đi qua than nóng đỏ thu được hh X gồm CO, CO2, H2. Cho hh khí X qua nước vôi trong dư thu được 10g kết tủa và khí còn lại thoát ra gồm CO và H2 có tỉ khối so với H2 bằng 6,2. Tính thể tích hh khí trong X(đktc)
Cho hơi nước đi qua than nóng đỏ thu được hh X gồm CO, CO2, H2. Cho hh khí X qua nước vôi trong dư thu được 10g kết tủa và khí còn lại thoát ra gồm CO và H2 có tỉ khối so với H2 bằng 6,2. Tính thể tích hh khí trong X(đktc)
$CO_2 + Ca(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O$
Theo PTHH :
$n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = \dfrac{10}{100} = 0,1(mol)$
\(C+H_2O\xrightarrow[]{t^o}CO+H_2\)
x x x (mol)
\(C+2H_2O\xrightarrow[]{t^o}CO_2+2H_2\)
0,1 0,2 (mol)
Khí thoát ra gồm :
$CO : x(mol)$
$H_2 : x + 0,2(mol)$
Ta có : $M_{khí} = \dfrac{28x + 2(x + 0,2)}{x + x + 0,2} = 6,2.2$
$\Rightarrow x = 0,4$
$V_{CO} = 0,4.22,4 = 8,96(lít)$
$V_{H_2} = (0,4 + 0,2).22,4 = 13,44(lít)$
$V_{CO_2} = 0,1.22,4 = 2,24(lít)$
Bài 1: Hòa tan hoàn toàn 4,68 gam hỗn hợp nhôm và magie trong 200 ml dd HNO3 (1,2 g/ml) (loãng, vừa đủ) thu được dung dịch X và 1,344 lít khí không màu, nặng hơn không khí (sản phẩm khử duy nhất).
a) Tính khối lượng mỗi kim loại trong hỗn hợp ban đầu.
b) Tính nồng độ mol và nồng độ % các chất trong dung dịch X.
c) Tính thể tích dd KOH 1.2M cần cho vào dung dịch X để thu được kết tủa lớn nhất.
Viết PTHH chứng minh
a, NH3 là bazo
b, NH3 là bazo yếu
a) Để chứng minh NH3 là bazơ ⇒ Cho tác dụng với axit (phản ứng trung hoà):
\(NH_3+HCl\rightarrow NH_4Cl\)
b) Để chứng minh NH3 là bazơ yếu ⇒ Dùng bazơ mạnh đẩy ra khỏi muối:
\(NH_4Cl+NaOH\rightarrow NaCl+NH_3\uparrow+H_2O\)
(NH4OH không bền, phân huỷ thành NH3 và nước ngay lập tức)
Hoà tan hoàn toàn m gam Na vào 100 ml dung dịch HCl a mol/lít, thu được dung dịch X và 0,1a mol khí thoát ra . Nhúng giấy quỳ tím vào dung dịch X, màu tím của giấy quỳ chuyển sang màu gì?
$n_{HCl} = 0,1a(mol)$
\(2Na+2HCl\rightarrow2NaCl+H_2\)
0,1a 0,05a (mol)
\(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)
0,05a (mol)
Sau phản ứng, có NaOH. Do đó giấy quỳ tím chuyển sang màu xanh
Hoàn thành các pứ:
N2 -(1)> Na3N -(2)> NH3
N2 -(3)> NH3
N2 -(4)> NO -(5)> NO2 -(6)> HNO3 -(7)> Cu(NO3)2
1. 6Na + N2 \(\underrightarrow{t^o}\) 2Na3N
2. Na3N + 3H2O \(\rightarrow\) 3NaOH + NH3
3. N2 + H2 \(\Leftrightarrow^{t^o}\) NH3
4. N2 + O2 \(\underrightarrow{t^o}\) 2NO
5. 2NO + O2 \(\underrightarrow{t^o}\) 2NO2
6. 4NO2 + O2 + 2H2O \(\rightarrow\) 4HNO3
7. 2HNO3 + CuO \(\rightarrow\) Cu(NO3)2 + H2O
Hoàn thành các pứ:
N2 -(1)> NaOH -(2)> NH3
N2 -(3)> NH3
N2 -(4)> NO -(5)> NO2 -(6)> HNO3 -(7)> Cu(NO3)2
Cho 19,6 gam H3PO4 vào dd chứa 22 gam NaOH. Tính khối lượng muối thu được
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_3PO_4}=\dfrac{19,6}{98}=0,2\left(mol\right)\\n_{NaOH}=\dfrac{22}{40}=0,55\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PTHH: \(3NaOH+H_3PO_4\rightarrow Na_3PO_4+3H_2O\)
ban đầu 0,55 0,2
phản ứng 0,55--->\(\dfrac{11}{60}\)--------->\(\dfrac{11}{60}\)
sau phản ứng 0 \(\dfrac{1}{60}\) \(\dfrac{11}{60}\)
\(2Na_3PO_4+H_3PO_4\rightarrow3Na_2HPO_4\)
ban đầu \(\dfrac{11}{60}\) \(\dfrac{1}{60}\)
phản ứng \(\dfrac{1}{30}\)<-----------\(\dfrac{1}{60}\)------>0,05
sau phản ứng 0,15 0 0,05
`=>` \(m_{muối}=0,15.164+0,05.142=31,7\left(g\right)\)
Thực hiện chuỗi p/ứ
HNO3 -> NH4Cl -> NaCl -> NaNO3
Cái đầu bị lỗi nhé, mình làm phần còn lại
\(NH_4Cl+NaOH\rightarrow NaCl+NH_3\uparrow+H_2O\\ NaCl+AgNO_3\rightarrow AgCl\downarrow+NaNO_3\)
Cho 6,4 gam Cu tan hoàn toàn trong 350 ml dd HNO3 1M thấy thoát ra 2,24 lít (đktc) hỗn hợp 2 khí NO và NO2 và dd X. Tính nồng độ CM các chất trong dd X
n Cu=\(\dfrac{6,4}{64}=0,1mol\)
n NO +n NO2=\(\dfrac{2,24}{22,4}=0,1mol\)
n HNO3=0,35mol
Nhận thấy : 2 nCu+n NO +n NO2=0,3<0,35
=>Cu(NO3)2 =0,1 mol
CM Cu(NO3)2=\(\dfrac{0,1}{0,35}=0,29M\)
n HNO3 dư=0,35-0,3=0,05 mol
=>CM HNO3=\(\dfrac{0,05}{0,35}=0,14M\)
Thêm 9,84 gam Na3PO4 vào dd chứa 9,84 gam Ca(NO3)2. Lọc kết tủa, phần lọc kết tủa, phần nước lọc đem cô cạn thành muối khan.
a, Tính số gam kết tủa
b, Xđ thành phần muối khan
a) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Na_3PO_4}=\dfrac{9,84}{164}=0,06\left(mol\right)\\n_{Ca\left(NO_3\right)_2}=\dfrac{9,84}{164}=0,06\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
PTHH: \(2Na_3PO_4+3Ca\left(NO_3\right)_2\rightarrow Ca_3\left(PO_4\right)_2\downarrow+6NaNO_3\)
bđ 0,06 0,06
pư 0,04<----------0,06
sau pư 0,02 0 0,02 0,12
`=>` \(m_{kt}=0,02.310=6,2\left(g\right)\)
b) Muối khan \(\left\{{}\begin{matrix}m_{Na_3PO_4\left(dư\right)}=0,02.164=3,28\left(g\right)\\m_{NaNO_3}=0,12.85=10,2\left(g\right)\end{matrix}\right.\)